f(x)在[-1,1]上三阶连续可导,且f(-1)=0,f(1)=1,f'(0)=0,证明:存在a属于(-1,1)使f'
来源:学生作业帮 编辑:搜狗做题网作业帮 分类:数学作业 时间:2024/07/06 17:21:06
f(x)在[-1,1]上三阶连续可导,且f(-1)=0,f(1)=1,f'(0)=0,证明:存在a属于(-1,1)使f'''(a)=3
![f(x)在[-1,1]上三阶连续可导,且f(-1)=0,f(1)=1,f'(0)=0,证明:存在a属于(-1,1)使f'](/uploads/image/z/17922659-59-9.jpg?t=f%28x%29%E5%9C%A8%5B-1%2C1%5D%E4%B8%8A%E4%B8%89%E9%98%B6%E8%BF%9E%E7%BB%AD%E5%8F%AF%E5%AF%BC%2C%E4%B8%94f%28-1%29%3D0%2Cf%281%29%3D1%2Cf%27%280%29%3D0%2C%E8%AF%81%E6%98%8E%3A%E5%AD%98%E5%9C%A8a%E5%B1%9E%E4%BA%8E%28-1%2C1%29%E4%BD%BFf%27)
做g(x)=f(x)-1/2*x^3-1/2; 则g(-1)=0,g(1)=0,g'(0)=0;g'''(x)=f'''(x)-3 故只需证明g'''(a)=0;
int_a^bg(x)dx 表示g(x)从a 到b的定积分.不会打符号,抱歉.
0=g(1)-g(-1)=int_-1^1g'(x)dx=g'(1)*1-g'(-1)*(-1)-int_-1^1g''(x)xdx 这步使用了分部积分
=g'(1)+g'(-1)-[int_-1^0g''(x)xdx+int_0^1g''(x)xdx]
=int_0^1g''(x)dx+(-1)(int_-1^0g''(x)dx)-[int_-1^0g''(x)xdx+int_0^1g''(x)xdx]
这步是把g‘表示成g’‘的积分,利用了g'(0)=0;
=int_0^1g''(x)dx-int_0^1g''(-x)dx-[int_0^1g''(-x)(-x)dx+int_0^1g''(x)dx]
这步是变量代换,把积分区域都变成[0,1]
=int_0^1g''(x)(1-x)dx-int_0^1g''(-x)(1-x)dx
=int_0^1[g''(x)-g''(-x)](1-x)dx
记h(x)=[g''(x)-g''(-x)](1-x) 则h(0)=0,h(1)=0; int_0^1h(x)dx=0;
所以h(x)在(0,1)上必然有零点(否则由介值性,h必然恒正或者恒负,从而积分不可能为0)
记b属于(0,1),h(b)=0; 注意到1-b>0;所以g''(b)-g''(-b)=0;
从而由roll定理可知存在a属于(-b,b)属于(-1,1)使得g'''(a)=0;
带入g的定义即知f'''(a)=3;
int_a^bg(x)dx 表示g(x)从a 到b的定积分.不会打符号,抱歉.
0=g(1)-g(-1)=int_-1^1g'(x)dx=g'(1)*1-g'(-1)*(-1)-int_-1^1g''(x)xdx 这步使用了分部积分
=g'(1)+g'(-1)-[int_-1^0g''(x)xdx+int_0^1g''(x)xdx]
=int_0^1g''(x)dx+(-1)(int_-1^0g''(x)dx)-[int_-1^0g''(x)xdx+int_0^1g''(x)xdx]
这步是把g‘表示成g’‘的积分,利用了g'(0)=0;
=int_0^1g''(x)dx-int_0^1g''(-x)dx-[int_0^1g''(-x)(-x)dx+int_0^1g''(x)dx]
这步是变量代换,把积分区域都变成[0,1]
=int_0^1g''(x)(1-x)dx-int_0^1g''(-x)(1-x)dx
=int_0^1[g''(x)-g''(-x)](1-x)dx
记h(x)=[g''(x)-g''(-x)](1-x) 则h(0)=0,h(1)=0; int_0^1h(x)dx=0;
所以h(x)在(0,1)上必然有零点(否则由介值性,h必然恒正或者恒负,从而积分不可能为0)
记b属于(0,1),h(b)=0; 注意到1-b>0;所以g''(b)-g''(-b)=0;
从而由roll定理可知存在a属于(-b,b)属于(-1,1)使得g'''(a)=0;
带入g的定义即知f'''(a)=3;
f(x)在[0,3]连续可导 f(0)+f(1)+f(2)=3 f(3)=1 证明至少存在一点§属于(0,3)使f'(§
设f(x)在【0,1】上连续,在(0,1)可导,且f(1)=0,证明至少存在一点a,a属于(0,1),使得f ' (x)
设函数f(x)在闭区间[0,1]上连续,且f(0)=f(1),证明至少存在一点a属于[0,1],使得f(a+1/2)=f
设f在0到1上连续且可导,3*定积分上1/3下0e^(1-x^2)f(x)dx=f(1),证明存在t在(0,1)使f'(
设f(x)在【0,1】上连续,(0,1)可导.f(0)=0 ,f(1)=1.证明:存在C属于(0,1)使f(c)=1-c
f(x)在【0,a】上连续可导,且f(a)=0.证明:存在一点t属于(0,a),使f(t)+tf'(t)=0
设函数f(x)在[0,1]上连续,且f(0)=f(1),证明:一定存在x属于【0,1/2】,使得f(x)=f(x+1/2
一道证明题设f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且f(0)=f(1)=0,证明存在t属于(0,1),使f'(
设f(x)在[0,1]上连续且可导,k为正整数,证明至少存在一点ξ属于(0,1)使得ξf'(ξ)+kf(ξ)=f'(ξ)
设f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且f(0)=1,f(1)=1/e证明;存在a属于(0,1),使得f'(
设函数f(x)在闭区间(0,2)上连续,在(0,2)上可导,且f(1)=1,f(0)=f(2)=0,证明:存在a属于(0
已知函数f(x)在[0,1]连续,在(0,1)可导,且f(1)=0,证明(1)在(0,1)内至少存在一点ξ,