水平磁场下边界某点细绳下连一小物体

电子在M、N间加速后获得的速度为v，由动能定理得： 12mv2-0=eu电子进入磁场后做匀速圆周运动，设其半径为r，则： evB=mv2r电子在磁场中的轨迹如图，由三角形相似得：&

A、此过程穿过线框的磁通量的变化量为：△φ=（12B2a2-12B1a2）-（-B1a2）=12×2Ba2+12Ba2=32Ba2，通过线框截面的电量为：q=△φR=3Ba22R．故A错误．B、根据能

简化处理,方便解题一把远场为0磁位如果是软件仿真的问题,那就是模拟真实情况再问：那边界有没有磁场呢？再答：每磁场就设定为0

算重力势能,最小速度为重力等于安培力时

因为安培力始终与物体运动方向垂直所以我们不难分析出该物体做匀速圆周运动即安培力提供向心加速度即向心力=安培力所以BqV=m(V)^2/R(R为圆周运动的半径,即2R=ab)解得ab=2R=2mv/qB

1N=(M-m)g=200N2Fbc=（根号3分之2）*（30+30)g=400根号3Fab=1/2Fbc=200根号3

D安培力等于BIL,I=BLV/R,F=B^2L^2V/R,要比较安培力的大小,就是比较速度的大小.在B点的速度小于在D点的速度,而在C点线圈不受安培力的作用

由题意可知，线框进入磁场过程中感应电流i随时间t变化的图象如图（乙）所示，由法拉第电磁感应定律可知，线框匀速进入磁场，由于L＞2a，当完全进入磁场后，因磁通量不变，则没有感应电流，线框只受到重力，使得

因为是恒力,则W=F*s=FLsinθ；然后可以用能量守恒：力F做的功=小球势能变化+小球动能即W=mgL（1-cosθ）+1/2mv^2解方程得：v=开方(((2FLsinθ-2mgL(1-cosθ

(1)其下降的高度为Lsinθ.V=根号2Lgsinθ(2)最低点.v=根号2gL

带电粒子和不带电粒子相碰，动量守恒故总动量不变；而总电量保持不变，则由Bqv=mv2R可得R保持不变，故轨迹应为pa；因周期T=2πmBq可知，因m增大，故周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故

能量守恒0.5mv^2=mg(L-Lsina),v=√[2g(L-Lsina)]能量守恒0.5mv^2=mgL,v=√(2gL)球的加速度a=v^2/L=2g,方向竖直向上；向心力F1=ma=2mg,

B显然的A点高于B点啊~因为AB下方磁场有界,而AB都在磁场外面,这样小环在进出出场的过程中,通过铜环形成的回路区域的磁通量会发生变化,就会有感应电流产生,有电流就会产生热,就会消耗能量,所以最终两次

在0时刻,F为1,线框速度为0,加速度为a=F/m=1m/s²又因全过程做匀加速直线运动,所以加速度始终为1m/s²A答案正确由图像乙可知,t=1时刻线框离开磁场,设正方形线框边长

（1）因为线框进入第一个磁场时，做匀速直线运动，有：mg=BILI=BLvR联立解得v=mgRB2L2．（2）当ab边下落到GH和JK之间的某位置时，又恰好开始做匀速直线运动，有：mg=2BI′LI′

A、回路中产生感应电动势为E=2Bav2=Bav，感应电流为I=ER=BavR，此时线框中的电功率P=I2R=B2a2v2R．故A错误．   B、左右两边所受安培力大小为

解；A、小球的线速度发生不会突变，故A错误．B、由ω=vr，当r变小时，则ω变大，故B正确．C、由a=v2r，当r变小时，a变大，故C正确．C、由a=v2r，当r变小时，a变大，Fn=F-mg，而Fn

设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α．A、粒子运动的轨迹为S=Rα=rctgα2•α，粒子运动时间越长，α越大，根据数学知识可知弧长S越短，故A错误；B、粒子在磁场中运动的时间为t=α2π，而轨迹半径

当小球及细绳运动到竖直位置时,速度v不会突变（因为一切物体都具有惯性）,细绳的张力用T表示,对小球有：T-mg=mv^2/r,钉子阻止OP部分的细绳的移动,r突然减小,T突然增大.细绳的角速度用w表示

我是这样理解的1.线框先自由下落h,接着进入磁场匀速运动L,又自由下落L-d,最后运动L出磁场.问题是最后出磁场,不应该是匀速的.因为F=B^2L^2V/R、F=mg在磁场中加速后,出去时受的“安培力