如图所示,长为L的长木板水平放置,在模板的A短放置一个
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/30 19:56:55
![如图所示,长为L的长木板水平放置,在模板的A短放置一个](/uploads/image/f/3673112-32-2.jpg?t=%E5%A6%82%E5%9B%BE%E6%89%80%E7%A4%BA%2C%E9%95%BF%E4%B8%BAL%E7%9A%84%E9%95%BF%E6%9C%A8%E6%9D%BF%E6%B0%B4%E5%B9%B3%E6%94%BE%E7%BD%AE%2C%E5%9C%A8%E6%A8%A1%E6%9D%BF%E7%9A%84A%E7%9F%AD%E6%94%BE%E7%BD%AE%E4%B8%80%E4%B8%AA)
(1)对M与m整体运用牛顿第二定律得:a=FM+m对m受力分析,根据牛顿第二定律得:f=ma=FmM+m(2)在此过程中,木块与木板各做匀加速运动:木块的加速度为:a1=μmgm=μg木板的加速度为:
物块滑离木板时的速度VV=ata=gua'=[mgu+(m+M)gu]/Mvt-(1/2)a'tt - (1/2)att=L V=
(1)对小物块受力分析 由牛顿第二定律:F-μ1mg=ma
(1)对木板受力分析,由牛顿第二定律得:F-μ1(M+m)g=Ma由运动学公式,得L=12at2代入数据解得:t=2s(2)对物块为研究对象在木板上时:μmg=ma1在地面上时:2μmg=ma2设物块
初速度V碰撞后M:-V;m:V动量守恒-MV+mV=-(M+m)Vt得Vt=V{(M-m)/(M+m)}umgL=0.5(M+m){V^2-Vt^2}解得L=2M/(M+m)*V^2/ug最短m的速度
第一问:要想使木板从小木块下拉出,则需要使得木板的速度变化比小木块速度改变快,也就是木板的加速度a1>小木块的加速度a2设刚好能拉出时,a2=umg/m=ug.(1)此时a1=[F-u(M+m)g-u
(1)物块刚好不掉下去,物体与木板达到最大静摩擦力,且具有相同的最大加速度a1,对物块,最大加速度,a1=μ1mgm=μ1g=1m/s2对整体:F0-μ2(M+m)g=(M+m)a1∴F0=μ2(M+
(1)当物块与木板相对滑动时,木板在水平方向上受摩擦力Ff=μmg=0.5*1*10N=5N木板加速度a1=5/1=5m/s²当处于相对滑动临界点时,物块加速度也为5m/s²即F=
A、B都减速.最后速度相同.据动量守恒:M*Vo+(-m*Vo)=(M+m)*VV={(M-m)/(M+m)}*Vo,方向向左.据“动能定理”(对m,向右运动到达的最远处的速度为零)F*X=(1/2)
小物块所受合外力为滑动摩擦力,设物块受到的滑动摩擦力为f,物块的初速度v0;如果长木板是固定的,物块恰好停在木板的右端,对小滑块的滑动过程运用动能定理列出等式:0-fL=0-12Mv20…①如果长木板
(1)对物体受力分析如图:木块所受的弹力为:FN=mgcosα木块所受摩擦力为:Ff=mgsinα(2)当木块倾角增大为θ时摩擦力为Ff=mgsinθ &
根据牛顿第二定律,M的加速度为:a=F−μ(M+m)gM=12−0.25×(2+2)×102m/s2=1m/s2假设4s内m不脱离M,则M的位移为:x=12at2=12×1×42m=8m>2m所以,4
(1)对长木板受力分析 有F1=F-(M+m)gμ a1=F1m=0.75m/s2 x
(1)当木块滑上木板时,-μmg=ma得a=-μg,由v=v0+at得t=v−v0a=v3−v−μg=2v3μg(2)M受到m的反作用力μmg=Ma′得a′=μmgMvM=a′t=μmgM•2v3μg
当木块做匀速直线运动时,拉力做的功功最少,以M为研究对象,得知绳子拉力为:T=μmg,则有:F=T+μmg=2μmg,所以拉力做功的最小值为:W=FL2=μmgL.故答案为:μmgL.
设地面与木板的摩擦力为f,则有f=u(M+m)g=6N.把M与m整体考虑,M对地的加速度为a=1m/s2,m对地的加速度为-a=-1m/s2,故F-f=Ma+m(-a)计算得F=7Nm相对于M的加速度
对m做力的分析,有一个方向向左的拉力F1,和向左的摩擦力f,要想是小木块移动,至少要F1=f=umg,由于是定滑轮,且地面光滑,则有F=F1,要使小木块移动l,则有W=Fl=F1l=umgl.毕业好多
(1)施加水平恒力后,设m、M的加速度分别为a1、a2,m、M的位移分别为s1、s2,根据牛顿第二定律有 对m:μmg=ma1 &n