如图12所示有一水平向左的匀强电场场强为E=1.25*104次方

当a变大时,竖直方向受力平衡Ta*cosθ=mg因为mg不变,cosθ不变,所以Ta不变水平方向Tasinθ-Tb=maa增大,Ta不变,所以Tb减小所以OA绳上力不变,OB绳上力减小.再问：TaTb

首先切割磁力线的电动势你是会的,杆子作为电源,而一开始电容器两端电压相当于R1+R2的路端电压（R3可直接忽略）,且此电压除以板间距就得到电容器中的匀强电场强度,这个场强算是已知的.其次闭合开关且稳定

A到B所成角为60°吧(1)动能定理：电场力做负功mgLsin60°-qE(L-Lcos60°)=0-0E=√3mg/q

在场强为E方向水平向右的匀强电场中,固定着一个点电荷P,a、b、c为电场中三点,其中a、b两点与点电荷P在同一水平线上,a点位于点电荷P左侧r远处,b点位于电荷P右侧2r远处,c点位于电荷P正上方r远

A、小球受到水平向左的电场力和竖直向下的重力，二力大小相等，故二力的合力方向于水平方向成45°向左下，如图，故小球运动到圆弧bc的中点时，速度最大，此时的洛伦兹力最大，故A错误．B、由A的分析可知，小

从初始位置到B点,电场力做负功-qEL,重力做正功mgL.写动能定理：mgL-qEL=mv^2/2,则B点速度v=sqrt(2gL-2qEL/m)在B点,T-mg=mv^2/L=2(mg-qE),则拉

如图,一场强大小为E的匀强电场方向水平向左,一质量为m、带电量为+q的微粒从离地高为h的地方由静止释放,求微粒落地前瞬间的速度大小和从开始运动到落地的时间.答：见下图.

（1）小滑块在摩擦力和电场力作用下，向右做匀减速运动，设加速度为a，根据牛顿第二定律得：F+f=ma…①又F=qE…②f=μmg…③若小滑块不会从右侧离开电场区域，由匀变速直线运动的规律有：v02＜2

金属棒做平抛运动,它在水平方向运动的分速度是不变的,这个不变的分速度是切割磁感线的,所以知a、b两端的电势差绝对值是　Uab＝BL*V0　,b端电势较高.注：设想金属棒与“外电路”形成回路,由右手定则

请打开图片看过程,因为过程比较长,所以凑合着看,不好意思.

这个题不难,我简单告诉你怎么做.受力分析1)先读懂题,知道M对B的斥力越来越大受力分析,知B受4个力,重力,支持力,M对B的斥力,和电场力.求出B的重力的下滑分力,和电场力的沿斜面向上的力.然后求出斜

mg=2×10-5N,qE=2×10-5N,所以mg=qEmg与qE的合力F=qE根号2液滴以某一初速度进入该区域恰能做匀速直线运动,受力平衡有F=qυB得υ=E根号2/B=10根号2m/s根据左手定

A、因a、b、c、d四个带电液滴分别水平向左、水平向右、竖直向上、竖直向下作匀速直线运动，可知受力都处于平衡状态，合力都为零，四个带点粒子均受到竖直向上的电场力作用，可知四个带电粒子带同种电荷，都为负

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分析：由于磁场是均匀增大的,由楞次定律可知,MN棒会受到向左的安培力,只要安培力与图中水平力F满足大小相等（方向已经相反）就可使棒保持静止.　　从右图可知,F＝[（F1－F0）t/t1]＋F0所以,安

由动能定理得mgL-qEL=1/2mv^2-0v=(2gL-2qEL/m)^1/2由牛顿第二定律F-mg=mv^2/LF=3mg-2qE再问：第一步其他的都懂了，就是qEL看不懂能解释下吗后来看懂了。

题意不完整,请补充.

答案：4N解析：物体向右运动时,B的重力与A的摩擦力相等,即摩擦力也是2N,当物体向左运动时,摩擦力方向向右,B的拉力也向右,合力是4N,所以,要用4N的力才可能让物体向左运动.不明追问.

静止时：mg=BIL=BEL/R扫过面积最大时,匀速运动：mg=BIL=B2L2V/R其中单位时间内扫过的面积：S=LV所以mg=BIL=B2LS/R从静止时的式子中解出L/R带入得S=E/B=3

Lz,求图.